OGE ve Birleşik Devlet Sınavına Hazırlık

Ortaöğretim genel eğitim

UMK A.V. Grachev hattı. Fizik (10-11) (temel, ileri)

UMK A.V. Grachev hattı. Fizik (7-9)

UMK A.V. Fizik (7-9)

Fizikte Birleşik Devlet Sınavına Hazırlık: örnekler, çözümler, açıklamalar

Hadi halledelim Birleşik Devlet Sınavı ödevleri fizikte (Seçenek C) bir öğretmenle.

Lebedeva Alevtina Sergeevna, fizik öğretmeni, 27 yıllık iş tecrübesi. Moskova Bölgesi Eğitim Bakanlığı'ndan Onur Belgesi (2013), Voskresensky Başkanından Şükran belediye bölgesi(2015), Moskova Bölgesi Matematik ve Fizik Öğretmenleri Derneği Başkanlık Sertifikası (2015).

Çalışma, görevleri sunar farklı seviyeler Zorluk: temel, ileri ve yüksek. Görevler temel seviye Bunlar en önemli fiziksel kavramlara, modellere, olgulara ve yasalara hakimiyeti test eden basit görevlerdir. İleri düzeydeki görevler, çeşitli süreçleri ve olayları analiz etmek için fizik kavramlarını ve yasalarını kullanma becerisinin yanı sıra herhangi bir konudaki bir veya iki yasayı (formülleri) kullanarak sorunları çözme yeteneğini test etmeyi amaçlamaktadır. okul kursu fizik. Çalışmada 2. bölümün 4 görevi görevlerdir yüksek seviye karmaşıklık ve değişen veya yeni bir durumda fizik yasalarını ve teorilerini kullanma yeteneğini test edin. Bu tür görevleri tamamlamak, fiziğin iki veya üç bölümündeki bilgilerin aynı anda uygulanmasını gerektirir; yüksek düzeyde eğitim. Bu seçenek tamamen demoya karşılık gelir Birleşik Devlet Sınavının versiyonu 2017, Birleşik Devlet Sınavı görevlerinin açık bankasından alınan görevler.

Şekilde hız modülünün zamana karşı grafiği gösterilmektedir T. Grafikten arabanın 0'dan 30 saniyeye kadar olan zaman aralığında kat ettiği mesafeyi belirleyin.

Çözüm. Bir arabanın 0 ila 30 saniye arasındaki zaman aralığında kat ettiği yol, en kolay şekilde, tabanları (30 – 0) = 30 saniye ve (30 – 10) zaman aralıkları olan bir yamuğun alanı olarak tanımlanabilir. ) = 20 s ve yükseklik hızdır v= 10 m/s, yani.

S =	(30 + 20) İle	10 m/s = 250 m.
	2

Cevap. 250 m.

100 kg ağırlığındaki bir yük bir halat yardımıyla dikey olarak yukarıya doğru kaldırılıyor. Şekil hız projeksiyonunun bağımlılığını göstermektedir V zamanın bir fonksiyonu olarak yukarı doğru yönlendirilmiş eksen üzerindeki yük T. Kaldırma sırasında kablo çekme kuvvetinin modülünü belirleyin.

Çözüm. Hız projeksiyonu bağımlılık grafiğine göre v zamanın bir fonksiyonu olarak dikey olarak yukarı doğru yönlendirilmiş bir eksen üzerindeki yük T yükün ivmesinin projeksiyonunu belirleyebiliriz

A =	∆v	=	(8 – 2) m/sn	= 2 m/s2.
	∆T		3 saniye

Yüke şunlar etki eder: dikey olarak aşağıya doğru yönlendirilen yerçekimi kuvveti ve kablo boyunca dikey olarak yukarıya doğru yönlendirilen kablonun gerilme kuvveti (bkz. 2. Dinamiğin temel denklemini yazalım. Newton'un ikinci yasasını kullanalım. Bir cisme etki eden kuvvetlerin geometrik toplamı, cismin kütlesi ile ona verilen ivmenin çarpımına eşittir.

+ = (1)

Dünya ile ilişkili referans sistemindeki vektörlerin OY eksenini yukarı doğru yönlendirerek izdüşümünün denklemini yazalım. Çekme kuvvetinin izdüşümü pozitiftir, kuvvetin yönü OY ekseninin yönü ile çakıştığı için, yerçekimi kuvvetinin izdüşümü negatiftir, kuvvet vektörü OY ekseninin tersi olduğundan, ivme vektörünün izdüşümü aynı zamanda pozitiftir, dolayısıyla vücut yukarı doğru ivmeyle hareket eder. Sahibiz

T – mg = anne (2);

formül (2)'den çekme kuvveti modülü

T = M(G + A) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N.

Cevap. 1200 N.

Cisim, modülü 1,5 m/s olan sabit hızla pürüzlü bir yatay yüzey boyunca Şekil (1)'deki gibi bir kuvvet uygulanarak sürüklenmektedir. Bu durumda cisme etki eden kayma sürtünme kuvvetinin modülü 16 N'dir. Kuvvetin geliştirdiği güç nedir? F?

Çözüm. Haydi hayal edelim fiziksel süreç, problem ifadesinde belirtilen ve vücuda etki eden tüm kuvvetleri gösteren şematik bir çizim yapın (Şekil 2). Dinamiğin temel denklemini yazalım.

TR + + = (1)

Sabit bir yüzeyle ilişkili bir referans sistemi seçtikten sonra, vektörlerin seçilen yüzeye izdüşümü için denklemleri yazıyoruz. koordinat eksenleri. Problemin koşullarına göre cisim, hızı sabit ve 1,5 m/s'ye eşit olduğundan düzgün bir şekilde hareket etmektedir. Bu, cismin ivmesinin sıfır olduğu anlamına gelir. Cismin üzerine yatay olarak iki kuvvet etki eder: kayma sürtünme kuvveti tr. ve vücudun sürüklendiği kuvvet. Kuvvet vektörü eksen yönü ile çakışmadığı için sürtünme kuvvetinin projeksiyonu negatiftir. X. Kuvvet projeksiyonu F Olumlu. İzdüşümü bulmak için vektörün başından ve sonundan seçilen eksene dik olanı indirdiğimizi hatırlatırız. Bunu dikkate aldığımızda: F cosa – F tr = 0; (1) kuvvetin projeksiyonunu ifade edelim F, Bu F koza = F tr = 16 N; (2) o zaman kuvvetin geliştirdiği güç şuna eşit olacaktır: N = F cosa V(3) Denklem (2)'yi dikkate alarak bir değişiklik yapalım ve karşılık gelen verileri denklem (3)'te yerine koyalım:

N= 16 N · 1,5 m/s = 24 W.

Cevap. 24 W.

Sertliği 200 N/m olan hafif bir yaya bağlanan yük dikey salınımlara maruz kalıyor. Şekil yer değiştirme bağımlılığının bir grafiğini göstermektedir X zaman zaman yükleniyor T. Yükün kütlesinin ne olduğunu belirleyin. Cevabınızı bir tam sayıya yuvarlayın.

Çözüm. Yay üzerindeki bir kütle dikey salınımlara maruz kalır. Yük deplasman grafiğine göre X zaman zaman T yükün salınım periyodunu belirleriz. Salınım periyodu eşittir T= 4 sn; formülden T= 2π kütleyi ifade edelim M kargo

=	T	;	M	=	T 2	; M = k	T 2	; M= 200 N/m	(4 sn) 2	= 81,14 kg ≈ 81 kg.
	2π		k		4π 2		4π 2		39,438

Cevap: 81 kg.

Şekilde, dengede tutabileceğiniz veya 10 kg ağırlığındaki bir yükü kaldırabileceğiniz iki hafif blok ve ağırlıksız bir kablodan oluşan bir sistem gösterilmektedir. Sürtünme ihmal edilebilir düzeydedir. Yukarıdaki şeklin analizine dayanarak, seçin iki Doğru ifadeleri belirtiniz ve cevabınızda bunların sayısını belirtiniz.

1. Yükü dengede tutabilmek için halatın ucuna 100 N kuvvetle etki etmeniz gerekmektedir.
2. Şekilde gösterilen blok sistemi herhangi bir mukavemet kazancı sağlamamaktadır.
3. H, halat uzunluğu 3 olan bir bölümü çıkarmanız gerekir H.
4. Yükü yavaşça yüksekliğe kaldırmak için HH.

Çözüm. Bu problemde basit mekanizmaları, yani blokları hatırlamak gerekir: hareketli ve sabit blok. Hareketli blok güçte iki kat kazanç sağlarken, halatın bölümünün iki kat daha uzun çekilmesi gerekir ve sabit blok kuvveti yönlendirmek için kullanılır. İş yerinde basit kazanma mekanizmaları işe yaramıyor. Sorunu analiz ettikten sonra hemen gerekli ifadeleri seçiyoruz:

1. Yükü yavaşça yüksekliğe kaldırmak için H, ip uzunluğu 2'nin bir kısmını çıkarmanız gerekiyor H.
2. Yükü dengede tutabilmek için halatın ucuna 50 N kuvvetle etki etmeniz gerekmektedir.

Cevap. 45.

Ağırlıksız ve uzamayan bir ipliğe bağlanan alüminyum ağırlık, suyla dolu bir kaba tamamen daldırılır. Yük, geminin duvarlarına ve tabanına temas etmiyor. Daha sonra kütlesi alüminyum ağırlığın kütlesine eşit olan bir demir ağırlık, suyla aynı kaba daldırılır. Bunun sonucunda ipliğin çekme kuvvetinin modülü ve yüke etki eden yer çekimi kuvvetinin modülü nasıl değişecektir?

1. Artar;
2. Azalır;
3. Değişmiyor.

Çözüm. Sorunun durumunu analiz ediyoruz ve çalışma sırasında değişmeyen parametreleri vurguluyoruz: bunlar vücudun kütlesi ve vücudun bir iplik üzerine daldırıldığı sıvıdır. Bundan sonra şematik bir çizim yapmak ve yüke etki eden kuvvetleri belirtmek daha iyidir: iplik gerginliği F iplik boyunca yukarı doğru yönlendirilmiş kontrol; yerçekimi dikey olarak aşağıya doğru yönlendirilmiştir; Arşimet kuvveti A, daldırılmış gövde üzerindeki sıvının yanından etki eder ve yukarıya doğru yönlendirilir. Problemin koşullarına göre yüklerin kütlesi aynı olduğundan yüke etki eden yer çekimi kuvvetinin modülü değişmez. Yükün yoğunluğu farklı olduğundan hacmi de farklı olacaktır.

V =	M	.
	P

Demirin yoğunluğu 7800 kg/m3, alüminyum yükün yoğunluğu ise 2700 kg/m3’tür. Buradan, V Ve< Va. Vücut dengededir, vücuda etki eden tüm kuvvetlerin sonucu sıfırdır. OY koordinat eksenini yukarıya doğru yönlendirelim. Kuvvetlerin projeksiyonunu dikkate alarak dinamiğin temel denklemini şu şekilde yazıyoruz: F kontrol + Fa – mg= 0; (1) Gerilme kuvvetini ifade edelim F kontrol = mg – Fa(2); Arşimet kuvveti, sıvının yoğunluğuna ve vücudun batan kısmının hacmine bağlıdır. Fa = ρ gV p.h.t. (3); Sıvının yoğunluğu değişmez ve demir gövdenin hacmi küçülür V Ve< Va dolayısıyla demir yüküne etki eden Arşimet kuvveti daha az olacaktır. İpliğin gerginlik kuvvetinin modülü hakkında denklem (2) ile çalışarak artacağı sonucuna varıyoruz.

Cevap. 13.

Bir kütle bloğu M tabanda α açısı olan sabit, pürüzlü eğimli bir düzlemden kayar. Bloğun ivme modülü eşittir A bloğun hızının modülü artar. Hava direnci ihmal edilebilir.

Fiziksel büyüklükler ile bunların hesaplanabileceği formüller arasında bir yazışma kurun. İlk sütundaki her konum için, ikinci sütundan karşılık gelen konumu seçin ve seçilen sayıları tabloda karşılık gelen harflerin altına yazın.

B) Blok ile eğik düzlem arasındaki sürtünme katsayısı

3) mg cosa

4) sina –	A
	G cosa

Çözüm. Bu görev Newton yasalarının uygulanmasını gerektirir. Şematik bir çizim yapmanızı öneririz; hareketin tüm kinematik özelliklerini gösterir. Mümkünse ivme vektörünü ve hareketli cisme uygulanan tüm kuvvetlerin vektörlerini gösterin; Bir cisme etki eden kuvvetlerin diğer cisimlerle etkileşimin sonucu olduğunu unutmayın. Daha sonra dinamiğin temel denklemini yazın. Bir referans sistemi seçin ve kuvvet ve ivme vektörlerinin izdüşümü için elde edilen denklemi yazın;

Önerilen algoritmayı takiben şematik bir çizim yapacağız (Şekil 1). Şekil bloğun ağırlık merkezine uygulanan kuvvetleri ve eğimli düzlemin yüzeyi ile ilişkili referans sisteminin koordinat eksenlerini göstermektedir. Tüm kuvvetler sabit olduğundan bloğun hareketi artan hızla birlikte eşit şekilde değişken olacaktır; ivme vektörü hareket yönünde yönlendirilir. Eksenlerin yönünü şekildeki gibi seçelim. Seçilen eksenlerdeki kuvvetlerin izdüşümlerini yazalım.

Dinamiğin temel denklemini yazalım:

TR + = (1)

Bu denklemi (1) kuvvetlerin ve ivmenin izdüşümü için yazalım.

OY ekseninde: vektör OY ekseninin yönü ile çakıştığı için yer reaksiyon kuvvetinin izdüşümü pozitiftir New York = N; vektör eksene dik olduğundan sürtünme kuvvetinin izdüşümü sıfırdır; yer çekimi izdüşümü negatif ve eşit olacaktır mg y= – mg cosa; ivme vektör projeksiyonu bir e= 0, çünkü ivme vektörü eksene diktir. Sahibiz N – mg cosα = 0 (2) denkleminden eğik düzlem tarafından bloğa etki eden reaksiyon kuvvetini ifade ediyoruz. N = mg cosa (3). OX eksenindeki izdüşümleri yazalım.

OX ekseninde: kuvvet projeksiyonu N vektör OX eksenine dik olduğundan sıfıra eşittir; Sürtünme kuvvetinin projeksiyonu negatiftir (vektör seçilen eksene göre ters yönde yönlendirilmiştir); yerçekimi izdüşümü pozitif ve eşittir mg x = mg Sina (4) itibaren dik üçgen. Hızlanma tahmini olumlu bir x = A; Daha sonra projeksiyonu dikkate alarak denklem (1)'i yazıyoruz. mg sina – F tr = anne (5); F tr = M(G sina – A) (6); Sürtünme kuvvetinin normal basınç kuvvetiyle orantılı olduğunu unutmayın. N.

Tanım gereği F tr = μ N(7) bloğun eğik düzlemdeki sürtünme katsayısını ifade ediyoruz.

μ =	F TR	=	M(G sina – A)	= tgα –	A	(8).
	N		mg cosa		G cosa

Her harf için uygun pozisyonları seçiyoruz.

Cevap. bir – 3; B-2.

Görev 8. Gaz halindeki oksijen, 33,2 litre hacimli bir kaptadır. Gaz basıncı 150 kPa, sıcaklığı 127° C. Bu kaptaki gazın kütlesini belirleyin. Cevabınızı gram cinsinden ifade edin ve en yakın tam sayıya yuvarlayın.

Çözüm. Birimlerin SI sistemine dönüştürülmesine dikkat edilmesi önemlidir. Sıcaklığı Kelvin'e dönüştürün T = T°C + 273, hacim V= 33,2 l = 33,2 · 10 –3 m3 ; Basıncı dönüştürüyoruz P= 150 kPa = 150.000 Pa. Durum denklemini kullanma ideal gaz

Gazın kütlesini ifade edelim.

Cevabı hangi birimlerin yazmasının istendiğine dikkat ettiğinizden emin olun. Bu çok önemli.

Cevap.'48

Görev 9. 0,025 mol miktarındaki ideal bir tek atomlu gaz adyabatik olarak genişledi. Aynı zamanda sıcaklığı +103°C'den +23°C'ye düştü. Gazla ne kadar iş yapıldı? Cevabınızı Joule cinsinden ifade edin ve en yakın tam sayıya yuvarlayın.

Çözüm. Birincisi, gazın tek atomlu serbestlik derecesi sayısıdır. Ben= 3, ikinci olarak gaz adyabatik olarak genişler - bu, ısı değişimi olmadığı anlamına gelir Q= 0. Gaz iç enerjisini azaltarak iş yapar. Bunu dikkate alarak termodinamiğin birinci yasasını 0 = ∆ şeklinde yazıyoruz. sen + A G; (1) Gaz işini ifade edelim A g = –∆ sen(2); Tek atomlu bir gazın iç enerjisindeki değişimi şu şekilde yazıyoruz:

Cevap. 25 J.

Belirli bir sıcaklıkta havanın bir kısmının bağıl nemi %10'dur. Sabit sıcaklıkta bağıl nemin %25 artması için havanın bu kısmının basıncı kaç kez değiştirilmelidir?

Çözüm. Doymuş buhar ve hava nemi ile ilgili sorular çoğunlukla okul çocukları için zorluklara neden olur. Bağıl hava nemini hesaplamak için formülü kullanalım

Problemin koşullarına göre sıcaklık değişmez, yani doymuş buhar basıncı aynı kalır. Havanın iki durumu için formül (1)'i yazalım.

φ1 = %10; φ2 = %35

Hava basıncını (2), (3) formüllerinden ifade edip basınç oranını bulalım.

P 2	=	φ 2	=	35	= 3,5
P 1		φ 1		10

Cevap. Basınç 3,5 kat artırılmalıdır.

Sıcak sıvı madde, bir eritme fırınında sabit güçte yavaş yavaş soğutuldu. Tablo, bir maddenin sıcaklığının zaman içindeki ölçümlerinin sonuçlarını göstermektedir.

Sağlanan listeden seçin iki Alınan ölçümlerin sonuçlarına karşılık gelen ve sayılarını gösteren ifadeler.

1. Bu koşullar altında maddenin erime noktası 232°C'dir.
2. 20 dakika sonra. Ölçümlerin başlamasından sonra madde yalnızca katı haldeydi.
3. Sıvı ve katı haldeki bir maddenin ısı kapasitesi aynıdır.
4. 30 dakika sonra. Ölçümlerin başlamasından sonra madde yalnızca katı haldeydi.
5. Maddenin kristalleşme süreci 25 dakikadan fazla sürdü.

Çözüm. Madde soğudukça iç enerjisi azaldı. Sıcaklık ölçümlerinin sonuçları, bir maddenin kristalleşmeye başladığı sıcaklığı belirlememizi sağlar. Bir madde sıvı halden katı hale geçerken sıcaklığı değişmez. Erime sıcaklığı ile kristalleşme sıcaklığının aynı olduğunu bilerek şu ifadeyi seçiyoruz:

1. Bu koşullar altında maddenin erime noktası 232°C'dir.

İkinci doğru ifade ise şöyle:

4. 30 dakika sonra. Ölçümlerin başlamasından sonra madde yalnızca katı haldeydi. Çünkü bu noktadaki sıcaklık zaten kristalizasyon sıcaklığının altındadır.

Cevap. 14.

İÇİNDE izole sistem A gövdesinin sıcaklığı +40°C'dir ve B gövdesinin sıcaklığı +65°C'dir. Bu cisimler birbirleriyle termal temasa getirildi. Bir süre sonra termal denge oluştu. Sonuç olarak B cisminin sıcaklığı ve A ve B cisimlerinin toplam iç enerjisi nasıl değişti?

Her miktar için, değişikliğin karşılık gelen niteliğini belirleyin:

1. Artırılmış;
2. Azaldı;
3. Değişmedi.

Tablodaki her fiziksel büyüklük için seçilen sayıları yazın. Cevaptaki sayılar tekrarlanabilir.

Çözüm. Yalıtılmış bir cisimler sisteminde ısı alışverişi dışında herhangi bir enerji dönüşümü gerçekleşmiyorsa, iç enerjisi azalan cisimlerin verdiği ısı miktarı, iç enerjisi artan cisimlerin aldıkları ısı miktarına eşit olur. (Enerjinin korunumu kanununa göre.) Bu durumda sistemin toplam iç enerjisi değişmez. Bu tür problemler ısı dengesi denklemine göre çözülür.

∆U = ∑	N	∆sen ben = 0 (1);
	Ben = 1

nerede ∆ sen– iç enerjideki değişim.

Bizim durumumuzda ısı alışverişi sonucu B cismin iç enerjisi azalır, yani bu cismin sıcaklığı düşer. A cisminin iç enerjisi artar, B cisminden bir miktar ısı aldığından sıcaklığı artacaktır. A ve B cisimlerinin toplam iç enerjisi değişmez.

Cevap. 23.

Proton P Bir elektromıknatısın kutupları arasındaki boşluğa uçan, indüksiyon vektörüne dik bir hıza sahiptir. manyetik alan resimde gösterildiği gibi. Çizime göre yönlendirilmiş protona etki eden Lorentz kuvveti nerede (yukarı, gözlemciye doğru, gözlemciden uzağa, aşağı, sola, sağa)

Çözüm. Manyetik alan yüklü bir parçacığa Lorentz kuvvetiyle etki eder. Bu kuvvetin yönünü belirlemek için sol elin anımsatıcı kuralını hatırlamak ve parçacığın yükünü hesaba katmayı unutmamak önemlidir. Sol elin dört parmağını hız vektörü boyunca yönlendiriyoruz, pozitif yüklü bir parçacık için vektör avuç içine dik olarak girmelidir, 90°'ye ayarlı başparmak parçacık üzerine etki eden Lorentz kuvvetinin yönünü gösterir. Sonuç olarak, Lorentz kuvvet vektörünün şekle göre gözlemciden uzağa yönlendirildiğini elde ederiz.

Cevap. gözlemciden.

Gerilme modülü elektrik alanı 50 μF kapasiteli düz havalı bir kapasitörde 200 V/m'ye eşittir. Kapasitör plakaları arasındaki mesafe 2 mm'dir. Kondansatörün yükü nedir? Cevabınızı µC cinsinden yazın.

Çözüm. Tüm ölçü birimlerini SI sistemine çevirelim. Kapasitans C = 50 µF = 50 10 –6 F, plakalar arası mesafe D= 2 · 10 –3 m Sorun, elektrik yükünü ve elektrik alan enerjisini depolamak için kullanılan bir cihaz olan düz hava kapasitöründen bahsediyor. Elektriksel kapasitans formülünden

Nerede D– plakalar arasındaki mesafe.

Gerilimi ifade edelim sen=E D(4); (4)'ü (2)'de yerine koyalım ve kapasitörün yükünü hesaplayalım.

Q = C · Ed= 50 10 –6 200 0,002 = 20 µC

Lütfen cevabı yazmanız gereken birimlere dikkat edin. Bunu coulomb cinsinden aldık, ancak µC cinsinden sunuyoruz.

Cevap. 20 uC.

Öğrenci fotoğrafta gösterilen ışığın kırılması üzerine bir deney yaptı. Camda yayılan ışığın kırılma açısı ve camın kırılma indisi, geliş açısı arttıkça nasıl değişir?

1. Artışlar
2. Azalır
3. Değişmiyor
4. Her cevap için seçilen sayıları tabloya kaydedin. Cevaptaki sayılar tekrarlanabilir.

Çözüm. Bu tür problemlerde kırılmanın ne olduğunu hatırlıyoruz. Bu, bir ortamdan diğerine geçerken dalganın yayılma yönündeki bir değişikliktir. Bunun nedeni, bu ortamlardaki dalga yayılma hızlarının farklı olmasıdır. Işığın hangi ortamdan yayıldığını bulduktan sonra kırılma yasasını şu şekilde yazalım:

sina	=	N 2	,
günah		N 1

Nerede N 2 – mutlak göstergeışığın gittiği ortam olan camın kırılması; N 1, ışığın geldiği ilk ortamın mutlak kırılma indisidir. Hava için N 1 = 1. α, ışının cam yarım silindirin yüzeyine gelme açısıdır, β, ışının camdaki kırılma açısıdır. Ayrıca, cam optik olarak daha yoğun bir ortam olduğundan, kırılma indisi yüksek bir ortam olduğundan, kırılma açısı geliş açısından daha az olacaktır. Işığın camda yayılma hızı daha yavaştır. Lütfen ışının geldiği noktada düzeltilen dikeyden açıları ölçtüğümüzü unutmayın. Gelme açısını arttırırsanız kırılma açısı da artacaktır. Bu, camın kırılma indisini değiştirmeyecektir.

Cevap.

Zamanın bir noktasında bakır atlamacı T 0 = 0, uçlarına 10 Ohm'luk bir direncin bağlı olduğu paralel yatay iletken raylar boyunca 2 m/s hızla hareket etmeye başlar. Sistemin tamamı dikey düzgün bir manyetik alan içerisindedir. Jumper'ın ve rayların direnci ihmal edilebilir; jumper her zaman raylara dik olarak yerleştirilir. Jumper, raylar ve direnç tarafından oluşturulan devre boyunca manyetik indüksiyon vektörünün akısı Ф zamanla değişir T grafikte gösterildiği gibi.

Grafiği kullanarak iki doğru ifadeyi seçin ve cevabınızda bunların sayılarını belirtin.

1. Zamana kadar T= 0,1 s devre boyunca manyetik akıdaki değişim 1 mWb'dir.
2. Jumper'daki endüksiyon akımı aralığı T= 0,1 sn T= 0,3 sn maks.
3. Devrede ortaya çıkan endüktif emf'nin modülü 10 mV'dir.
4. Jumper'da akan endüksiyon akımının gücü 64 mA'dır.
5. Jumper'ın hareketini sürdürmek için, rayların yönündeki çıkıntısı 0,2 N olan bir kuvvet uygulanır.

Çözüm. Manyetik indüksiyon vektörünün devre boyunca akışının zamana bağımlılığının bir grafiğini kullanarak, akının (F) değiştiği ve akıdaki değişimin sıfır olduğu alanları belirleyeceğiz. Bu, devrede indüklenen akımın görüneceği zaman aralıklarını belirlememize olanak sağlayacaktır. Doğru ifade:

1) O zamana kadar T= Devre boyunca manyetik akıdaki 0,1 s'lik değişim 1 mWb'ye eşittir ∆Ф = (1 – 0) 10 –3 Wb; Devrede ortaya çıkan endüktif emf'nin modülü EMR yasası kullanılarak belirlenir.

Cevap. 13.

Akım kuvvetinin zamana karşı grafiğine göre elektrik devresi endüktansı 1 mH olan, kendi kendine indüksiyonlu EMF modülünü 5 ila 10 s zaman aralığında belirler. Cevabınızı µV cinsinden yazın.

Çözüm. Tüm miktarları SI sistemine dönüştürelim, yani. 1 mH'nin endüktansını H'ye dönüştürürüz, 10 –3 H elde ederiz. Ayrıca şekilde mA olarak gösterilen akımı 10 –3 ile çarparak A'ya dönüştüreceğiz.

Kendi kendine indüksiyon emk'sinin formülü şu şekildedir:

bu durumda sorunun durumuna göre zaman aralığı verilir.

∆T= 10 sn – 5 sn = 5 sn

saniye ve grafiği kullanarak bu süre zarfında mevcut değişimin aralığını belirleriz:

∆BEN= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 A.

Hadi değiştirelim sayısal değerler formül (2)'ye girersek, şunu elde ederiz:

| Ɛ | = 2 ·10 –6 V veya 2 µV.

Cevap. 2.

İki şeffaf düzlem-paralel plaka birbirine sıkıca bastırılır. Havadan birinci plakanın yüzeyine bir ışık ışını düşüyor (şekle bakın). Üst plakanın kırılma indisinin eşit olduğu bilinmektedir. N 2 = 1,77. Fiziksel büyüklükler ile anlamları arasında bir ilişki kurun. İlk sütundaki her konum için, ikinci sütundan karşılık gelen konumu seçin ve seçilen sayıları tabloda karşılık gelen harflerin altına yazın.

Çözüm.İki ortam arasındaki arayüzde ışığın kırılmasıyla ilgili sorunları, özellikle de ışığın düzlem-paralel plakalardan geçişiyle ilgili sorunları çözmek için aşağıdaki çözüm prosedürü önerilebilir: bir ortamdan diğerine gelen ışınların yolunu gösteren bir çizim yapın. bir diğer; İki ortam arasındaki arayüzde ışının geliş noktasında yüzeye bir normal çizin, geliş ve kırılma açılarını işaretleyin. Söz konusu ortamın optik yoğunluğuna özellikle dikkat edin ve bir ışık ışınının optik olarak daha az yoğun bir ortamdan optik olarak daha yoğun bir ortama geçtiğinde kırılma açısının geliş açısından daha küçük olacağını unutmayın. Şekil gelen ışın ile yüzey arasındaki açıyı göstermektedir, ancak gelme açısına ihtiyacımız var. Açıların, çarpma noktasında düzeltilen dikey çizgiye göre belirlendiğini unutmayın. Işının yüzeye gelme açısının 90° – 40° = 50°, kırılma indisi olduğunu tespit ediyoruz. N 2 = 1,77; N 1 = 1 (hava).

Kırılma yasasını yazalım

sinβ =	günah50	= 0,4327 ≈ 0,433
	1,77

Işının plakalar boyunca yaklaşık yolunu çizelim. 2–3 ve 3–1 sınırları için formül (1)'i kullanıyoruz. Yanıt olarak alıyoruz

A) Işının plakalar arasındaki 2-3 sınırındaki geliş açısının sinüsü 2) ≈ 0,433'tür;

B) 3–1 sınırını geçerken ışının kırılma açısı (radyan cinsinden) 4) ≈ 0,873'tür.

Cevap. 24.

Termonükleer füzyon reaksiyonu sonucunda kaç tane α parçacığı ve kaç tane proton üretildiğini belirleyin

+ → X+ sen;

Çözüm. Herkesin önünde nükleer reaksiyonlar elektrik yükünün korunumu yasalarına ve nükleon sayısına uyulur. Alfa parçacıklarının sayısını x, proton sayısını y ile gösterelim. Denklemler oluşturalım

+ → x + y;

sahip olduğumuz sistemi çözmek X = 1; sen = 2

Cevap. 1 – α parçacığı; 2 – protonlar.

İlk fotonun momentum modülü 1,32 · 10 –28 kg m/s'dir; bu, ikinci fotonun momentum modülünden 9,48 · 10 –28 kg m/s daha azdır. İkinci ve birinci fotonların enerji oranını E 2/E 1 bulun. Cevabınızı en yakın onluğa yuvarlayın.

Çözüm. Koşula göre ikinci fotonun momentumu birinci fotonun momentumundan daha büyüktür, yani temsil edilebilir. P 2 = P 1 + Δ P(1). Bir fotonun enerjisi, aşağıdaki denklemler kullanılarak fotonun momentumu cinsinden ifade edilebilir. Bu e = mc 2 (1) ve P = mc(2), o zaman

e = bilgisayar (3),

Nerede e– foton enerjisi, P– foton momentumu, m – foton kütlesi, C= 3 · 10 8 m/s – ışık hızı. Formül (3)'ü hesaba katarsak:

e 2	=	P 2	= 8,18;
e 1		P 1

Cevabı onda birine yuvarlıyoruz ve 8,2 alıyoruz.

Cevap. 8,2.

Atomun çekirdeği radyoaktif pozitron β bozunmasına uğramıştır. Bunun sonucunda çekirdeğin elektrik yükü ve içindeki nötron sayısı nasıl değişti?

Her miktar için, değişikliğin karşılık gelen niteliğini belirleyin:

1. Artırılmış;
2. Azaldı;
3. Değişmedi.

Tablodaki her fiziksel büyüklük için seçilen sayıları yazın. Cevaptaki sayılar tekrarlanabilir.

Çözüm. Pozitron β - atom çekirdeğindeki bozunma, bir protonun bir pozitron emisyonuyla bir nötrona dönüşmesiyle meydana gelir. Bunun sonucunda çekirdekteki nötron sayısı bir artar, elektrik yükü bir azalır ve çekirdeğin kütle numarası değişmez. Böylece elementin dönüşüm reaksiyonu aşağıdaki gibidir:

Cevap. 21.

Kırınım ızgaralarını kullanarak kırınımı gözlemlemek için laboratuvarda beş deney yapıldı. Izgaraların her biri, belirli bir dalga boyuna sahip paralel monokromatik ışık ışınlarıyla aydınlatıldı. Her durumda ışık ızgaraya dik olarak düşüyordu. Bu deneylerin ikisinde aynı sayıda ana kırınım maksimumu gözlemlendi. Önce daha kısa periyotlu bir kırınım ızgarasının kullanıldığı deneyin numarasını, ardından daha büyük periyotlu bir kırınım ızgarasının kullanıldığı deneyin numarasını belirtin.

Çözüm. Işığın kırınımı, bir ışık ışınının geometrik bir gölge bölgesine girmesi olgusudur. Bir ışık dalgasının yolu üzerinde, ışığı geçirmeyen büyük engellerde opak alanlar veya delikler olduğunda ve bu alanların veya deliklerin boyutları dalga boyuyla orantılı olduğunda kırınım gözlemlenebilir. En önemli kırınım cihazlarından biri kırınım ızgarasıdır. Kırınım modelinin maksimumlarına açısal yönler denklemle belirlenir.

D günahφ = kλ(1),

Nerede D– kırınım ızgarasının periyodu, φ – ızgaraya normal ile kırınım modelinin maksimumlarından birinin yönü arasındaki açı, λ – ışık dalga boyu, k– kırınım maksimumunun sırası olarak adlandırılan bir tamsayı. Denklem (1)'den ifade edelim.

Deney koşullarına göre çiftleri seçerek, önce daha kısa periyotlu bir kırınım ızgarasının kullanıldığı yerde 4'ü seçiyoruz ve ardından daha büyük periyotlu bir kırınım ızgarasının kullanıldığı deney sayısını seçiyoruz - bu 2'dir.

Cevap. 42.

Akım, tel sargılı bir direnç üzerinden akar. Direnç, aynı metalden ve aynı uzunlukta, ancak kesit alanının yarısına sahip olan ve içinden akımın yarısı geçen bir tel ile başka bir dirençle değiştirildi. Direnç üzerindeki voltaj ve direnci nasıl değişecek?

Her miktar için, değişikliğin karşılık gelen niteliğini belirleyin:

1. Artacak;
2. Azalacak;
3. Değişmeyecek.

Tablodaki her fiziksel büyüklük için seçilen sayıları yazın. Cevaptaki sayılar tekrarlanabilir.

Çözüm.İletken direncinin hangi değerlere bağlı olduğunu hatırlamak önemlidir. Direnç hesaplama formülü şu şekildedir:

Devrenin bir bölümü için Ohm kanunu, formül (2)'den gerilimi ifade ediyoruz

sen = ben (3).

Sorunun koşullarına göre ikinci direnç aynı malzemeden, aynı uzunlukta fakat farklı kesit alanına sahip telden yapılır. Alan iki kat daha küçük. (1)'i değiştirerek direncin 2 kat arttığını ve akımın 2 kat azaldığını, dolayısıyla voltajın değişmediğini buluyoruz.

Cevap. 13.

Matematiksel bir sarkacın Dünya yüzeyindeki salınım periyodu, belirli bir gezegendeki salınım periyodundan 1,2 kat daha fazladır. Bu gezegende yer çekiminden kaynaklanan ivmenin büyüklüğü nedir? Her iki durumda da atmosferin etkisi ihmal edilebilir düzeydedir.

Çözüm. Matematiksel bir sarkaç, boyutları topun ve topun kendisinin boyutlarından çok daha büyük olan bir iplikten oluşan bir sistemdir. Thomson'un matematiksel bir sarkacın salınım periyoduna ilişkin formülü unutulursa zorluk ortaya çıkabilir.

T= 2π(1);

ben– matematiksel sarkacın uzunluğu; G– serbest düşüş ivmesi.

Koşullara göre

(3)’ten ifade edelim G n = 14,4 m/s2. Yerçekimi ivmesinin gezegenin kütlesine ve yarıçapına bağlı olduğu unutulmamalıdır.

Cevap. 14,4 m/sn 2.

3 A akım taşıyan 1 m uzunluğunda düz bir iletken, indüksiyonlu düzgün bir manyetik alan içine yerleştirilmiştir. İÇİNDE= 0,4 Tesla, vektöre 30° açıyla. Manyetik alandan iletkene etki eden kuvvetin büyüklüğü nedir?

Çözüm. Akım taşıyan bir iletkeni manyetik alana yerleştirirseniz, akım taşıyan iletkenin üzerindeki alan bir Amper kuvvetiyle etki edecektir. Amper kuvvet modülünün formülünü yazalım

F bir = ben LB sina;

F bir = 0,6 N

Cevap. F A = 0,6 N.

Bobinden doğru akım geçtiğinde bobinde depolanan manyetik alan enerjisi 120 J'ye eşittir. İçinde depolanan manyetik alan enerjisinin artması için bobin sargısından akan akımın kuvvetinin kaç kat artması gerekir? 5760 J tarafından.

Çözüm. Bobinin manyetik alanının enerjisi aşağıdaki formülle hesaplanır:

K m =	LI 2	(1);
	2

Koşullara göre K 1 = 120 J, o zaman K 2 = 120 + 5760 = 5880 J.

BEN 1 2 =	2K 1	; BEN 2 2 =	2K 2	;
	L		L

Daha sonra cari oran

BEN 2 2	= 49;	BEN 2	= 7
BEN 1 2		BEN 1

Cevap. Akımın 7 kat arttırılması gerekiyor. Cevap formuna sadece 7 sayısını giriyorsunuz.

Bir elektrik devresi iki ampul, iki diyot ve şekilde gösterildiği gibi birbirine bağlanan bir kablo sarımından oluşur. (Resmin üst kısmında gösterildiği gibi bir diyot, akımın yalnızca bir yönde akmasına izin verir.) Mıknatısın kuzey kutbu bobine yaklaştırılırsa hangi ampul yanar? Açıklamanızda hangi olguları ve kalıpları kullandığınızı belirterek cevabınızı açıklayın.

Çözüm. Manyetik indüksiyon hatları çıkıyor kuzey kutbu mıknatıslayın ve uzaklaşın. Mıknatıs yaklaştıkça tel bobinden geçen manyetik akı artar. Lenz kuralına göre bobinin endüktif akımının oluşturduğu manyetik alanın sağa doğru yönlendirilmesi gerekir. Gimlet kuralına göre akımın saat yönünde (soldan bakıldığında) akması gerekir. İkinci lamba devresindeki diyot bu yönde geçer. Bu, ikinci lambanın yanacağı anlamına gelir.

Cevap.İkinci lamba yanacaktır.

Alüminyum jant teli uzunluğu L= 25 cm ve kesit alanı S= 0,1 cm2 üst ucundan bir ipe asılmıştır. Alt uç, içine suyun döküldüğü kabın yatay tabanına dayanır. Jant telinin batık kısmının uzunluğu ben= 10 cm Kuvveti bulun. Fİpliğin dikey olarak yerleştirildiği biliniyorsa, örgü iğnesinin kabın tabanına baskı yaptığı. Alüminyumun yoğunluğu ρ a = 2,7 g/cm3, suyun yoğunluğu ρ b = 1,0 g/cm3. Yer çekiminin hızlanması G= 10 m/s2

Çözüm. Açıklayıcı bir çizim yapalım.

– İplik gerginlik kuvveti;

– Kabın tabanının tepki kuvveti;

a – Vücudun yalnızca suya batırılan kısmına etki eden ve jant telinin suya batırılan kısmının merkezine uygulanan Arşimet kuvveti;

– Dünyadan jant teline etki eden ve tüm jant telinin merkezine uygulanan yerçekimi kuvveti.

Tanım gereği, jant telinin kütlesi M ve modül Arşimet kuvvetişu şekilde ifade edilir: M = SLρa(1);

F bir = SLρ içeride G (2)

Kolun asılı olduğu noktaya göre kuvvetlerin momentlerini ele alalım.

M(T) = 0 – çekme kuvveti momenti; (3)

M(K)= Hollanda cosα destek reaksiyon kuvvetinin momentidir; (4)

Anların işaretlerini dikkate alarak denklemi yazıyoruz

Hollanda cosa + SLρ içeride G (L –	ben	)cosα = SLρ A G	L	koza (7)
	2		2

Newton'un üçüncü yasasına göre kabın tabanının tepki kuvvetinin kuvvete eşit olduğu düşünülürse Förgü iğnesinin kabın dibine bastırdığı d yazıyoruz N = F d ve denklem (7)'den bu kuvveti ifade ediyoruz:

F d = [	1	Lρ A– (1 –	ben	)benρ içinde ] Çavuş (8).
	2		2L

Sayısal verileri yerine koyalım ve şunu elde edelim

F d = 0,025 N.

Cevap. F d = 0,025 N.

Silindir içeren M 1 = 1 kg nitrojen, dayanıklılık testi sırasında sıcaklıkta patladı T 1 = 327°C. Hangi hidrojen kütlesi M 2 böyle bir silindirde bir sıcaklıkta saklanabilir T 2 = 27°C, beş kat güvenlik marjına sahip mi? Molar kütle azot M 1 = 28 g/mol, hidrojen M 2 = 2 g/mol.

Çözüm. Azot için Mendeleev-Clapeyron ideal gaz durum denklemini yazalım

Nerede V– silindirin hacmi, T 1 = T 1 + 273°C. Şartlara göre hidrojen basınçta depolanabilir P 2 = p1/5; (3) Bunu dikkate alarak

Hidrojenin kütlesini doğrudan denklemler (2), (3), (4) ile çalışarak ifade edebiliriz. Son formül şöyle görünür:

M 2 =	M 1		M 2		T 1	(5).
	5		M 1		T 2

Sayısal verileri değiştirdikten sonra M 2 = 28 gr.

Cevap. M 2 = 28 gr.

İdeal bir salınım devresinde, indüktördeki akım dalgalanmalarının genliği Ben= 5 mA ve kapasitördeki voltaj genliği Hımm= 2,0 V. Zamanında T kapasitör üzerindeki voltaj 1,2 V'dur. Bu anda bobindeki akımı bulun.

Çözüm.İdeal bir salınım devresinde salınım enerjisi korunur. Bir t anı için enerjinin korunumu yasası şu şekildedir:

C	sen 2	+ L	BEN 2	= L	Ben 2	(1)
	2		2		2

Genlik (maksimum) değerleri için yazıyoruz

ve denklem (2)'den ifade ediyoruz

C	=	Ben 2	(4).
L		Hımm 2

(4)'ü (3)'ün yerine koyalım. Sonuç olarak şunu elde ederiz:

BEN = Ben (5)

Böylece o anda bobindeki akım T eşit

BEN= 4,0 mA.

Cevap. BEN= 4,0 mA.

2 m derinlikte bir rezervuarın dibinde bir ayna bulunmaktadır. Sudan geçen bir ışık ışını aynadan yansıyarak sudan çıkar. Suyun kırılma indisi 1,33'tür. Işının geliş açısı 30° ise ışının suya giriş noktası ile sudan çıkış noktası arasındaki mesafeyi bulun.

Çözüm. Açıklayıcı bir çizim yapalım

α ışının geliş açısıdır;

β ışının sudaki kırılma açısıdır;

AC, ışının suya giriş noktası ile ışının sudan çıkış noktası arasındaki mesafedir.

Işığın kırılma kanununa göre

sinβ =	sina	(3)
	N 2

Dikdörtgen ΔADB'yi düşünün. İçinde AD = H, o zaman DB = AD

tgβ = H tgβ = H	sina	= H	günah	= H	sina	(4)
	cosβ

Aşağıdaki ifadeyi elde ederiz:

AC = 2 DB = 2 H	sina	(5)

Elde edilen formülde sayısal değerleri yerine koyalım (5)

Cevap. 1,63 m.

Birleşik Devlet Sınavına hazırlanırken sizi aşağıdakileri tanımaya davet ediyoruz: UMK hattı Peryshkina A.V.'ye 7-9. Sınıflar için fizik çalışma programı. Ve Myakisheva G.Ya. öğretim materyalleri için 10-11. Sınıflar için ileri düzey çalışma programı. Programlar tüm kayıtlı kullanıcılar tarafından görüntülenebilir ve ücretsiz olarak indirilebilir.

• Daha önce Bölüm 2'de kısa cevaplı bir görev olarak sunulan Problem 25, artık genişletilmiş bir çözüm olarak sunuluyor ve maksimum 2 puan değerinde. Böylece ayrıntılı cevabı olan görev sayısı 5'ten 6'ya çıktı.
• Astrofizik unsurlarındaki ustalığı test eden 24. görev için, gerekli iki doğru cevabı seçmek yerine, size sayısı 2 veya 3 olabilecek tüm doğru cevaplardan oluşan bir seçim sunulur.

Fizik 2020'de Birleşik Devlet Sınavı görevlerinin yapısı

Sınav kağıdı iki bölümden oluşur: 32 görev.

Bölüm 1 26 görev içerir.

• 1–4, 8–10, 14, 15, 20, 25–26. görevlerde cevap bir tamsayı veya sonlu sayıdır ondalık.
• 5–7, 11, 12, 16–18, 21, 23 ve 24. görevlerin cevabı iki sayıdan oluşan bir dizidir.
• Görev 13'ün cevabı bir kelimedir.
• 19 ve 22. görevlerin cevabı iki sayıdır.

Bölüm 2 6 görev içerir. 27-32 arasındaki görevlere verilen yanıt, görevin tüm ilerleyişinin ayrıntılı bir açıklamasını içerir. Görevlerin ikinci kısmı (ayrıntılı bir cevapla) bir uzman komisyonu tarafından değerlendirilir.

Sınav kağıdına dahil edilecek fizikte Birleşik Devlet Sınavı konuları

1. Mekanik(kinematik, dinamik, statik, mekanikte korunum yasaları, mekanik titreşimler ve dalgalar).
2. Moleküler fizik(moleküler kinetik teorisi, termodinamik).
3. SRT'nin elektrodinamiği ve temelleri(elektrik alan, doğru akım, manyetik alan, elektromanyetik indüksiyon, elektromanyetik salınımlar ve dalgalar, optik, SRT'nin temelleri).
4. Kuantum fiziği ve astrofizik unsurları(dalga-parçacık dualizmi, atom fiziği, atom çekirdeğinin fiziği, astrofizik unsurları).

Fizikte Birleşik Devlet Sınavının Süresi

Hepsini tamamlamak için sınav kağıdı verildi 235 dakika.

Görevleri tamamlamak için tahmini süre çeşitli parçalar iş şudur:

1. kısa cevaplı her görev için – 3–5 dakika;
2. ayrıntılı bir cevabı olan her görev için – 15-20 dakika.

Sınava girebilecekleriniz:

• Hesaplama yeteneğine sahip, programlanamayan bir hesap makinesi (her öğrenci için) kullanılır trigonometrik fonksiyonlar(cos, sin, tg) ve cetvel.
• Birleşik Devlet Sınavı için kullanımına izin verilen ek cihaz ve cihazların listesi Rosobrnadzor tarafından onaylandı.

Önemli!!! Sınav sırasında kopya kağıtlarına, ipuçlarına veya teknik araçların (telefon, tablet) kullanımına güvenmemelisiniz. Birleşik Devlet Sınavı 2020'deki video gözetimi ek kameralarla güçlendirilecek.

Fizikte Birleşik Devlet Sınavı puanları

• 1 puan - 1-4, 8, 9, 10, 13, 14, 15, 19, 20, 22, 23, 25, 26 görevler için.
• 2 puan - 5, 6, 7, 11, 12, 16, 17, 18, 21, 24, 28.
• 3 puan - 27, 29, 30, 31, 32.

Toplam: 53 puan(maksimum birincil puan).

Birleşik Devlet Sınavına yönelik görevleri hazırlarken bilmeniz gerekenler:

• Fiziksel kavramların, niceliklerin, yasaların, ilkelerin, önermelerin anlamını bilir/anlar.
• Tanımlayabilme ve açıklayabilme fiziksel olaylar cisimlerin özellikleri ve özellikleri (uzay nesneleri dahil), deneylerin sonuçları... fiziksel bilginin pratik kullanımına örnekler verir
• Hipotezleri birbirinden ayırın bilimsel teori, deneye dayalı sonuçlar çıkarmak vb.
• Edindiği bilgileri fiziksel problemleri çözerken uygulayabilme.
• Edinilen bilgi ve becerileri pratik faaliyetlerde ve günlük yaşamda kullanın.

Fizikte Birleşik Devlet Sınavına hazırlanmaya nereden başlamalı:

1. Her görev için gereken teoriyi inceleyin.
2. Temel alınarak geliştirilen fizikteki test görevlerini uygulayın

Makale, 25-27 numaralı Fizikte Birleşik Devlet Sınavının ikinci bölümünün görevlerinin bir analizini sunmaktadır. Ayrıca bir fizik öğretmeninin verdiği, görevlerin her biri için ayrıntılı ve net açıklamalar içeren bir video dersi de bulunmaktadır. Fizikte Birleşik Devlet Sınavına hazırlanmaya yeni başladıysanız, bu makale sizin için çok ama çok faydalı olabilir.

Asansörün hareket ettiği ivmeyi belirleyerek başlayalım. Dinlenme durumundan hareket eder, dolayısıyla formül geçerlidir: , burada S- bırak geçsin, A— asansörün hızlanması, T— hareket süresi. Buradan şunu anlıyoruz: m/sn 2 .

Bu yüke etki eden kuvvetleri gösterelim. Yerçekimi kuvveti dikey olarak aşağıya doğru yönlendirilir ve yayın elastik kuvveti (Hooke kuvveti) dikey olarak yukarıya doğru yönlendirilir; k- yay sertliği, X- yay uzatması:

Asansörün hareketinin başlamasıyla yay üzerindeki yükün salınımları sona erdikten sonra yük, asansörle senkronize olarak ivmelenerek yere göre düşmeye başlayacaktır. Bu durum için düşey eksene projeksiyonda OY ivme ile eş yönlü, Newton'un İkinci Yasasından şunu elde ederiz:

Hesaplamalar kg'ı verir.

Önce neyin eşit olduğunu bulalım P 2. Bunu yapmak için bağımlılığın olduğu gerçeğini kullanırız. P itibaren V belirtilen süreçte doğrudan orantılıdır: , nereden alıyoruz kPa.

Okul termodinamik dersinden, bir gazın çalışmasının sayısal olarak gaz süreci grafiğinin altındaki alana koordinatlarda eşit olduğu bilinmektedir ( P;V). Gaz genişlediğinde bu iş pozitif, aksi takdirde negatif olur. Bu nedenle, bu süreç gazın yaptığı iş pozitiftir ve sayısal olarak yamuk 12'nin alanına eşittir V 2 V 1 (şekilde sarı renkle vurgulanmıştır):

Bir yamuğun alanı, tabanların ve yüksekliğin toplamının yarısının çarpımına eşittir. Yani bu durumda şunu elde ederiz:

Hesaplamalar değeri verir:

Hesaplamalarımızda 1 litrenin 10-3 m 3'e eşit olduğunu kullandık.

Foton enerjisi bilinen ilişkiyle dalga boyuyla ilişkilidir: burada H- Planck sabiti, C— ışığın boşluktaki hızı, λ ışığın boşluktaki dalga boyudur. Bu, ilk durumda istenen foton enerjisinin şuna eşit olduğu anlamına gelir: e gelen radyasyonun dalga boyu yarıya indiğinde fotonun enerjisi 2'ye eşit olacaktır. e. Her iki durumda da fotoelektrik etki için Einstein'ın denklemlerini yazalım:

Burada e K1 ve e K2 sırasıyla birinci ve ikinci durumda fotoelektronların maksimum kinetik enerjileridir, A— metalden ayrılan elektronların iş fonksiyonu. Daha sonra, birinci denklem terimini ikinciden terim terim çıkararak eV'yi elde ederiz.

Sergei Valerievich'in sunduğu sorunların analizi

Birleşik Devlet Sınavı 2017. Fizik. Tipik test görevleri. 25 görev seçeneği. Lukasheva E.V., Chistyakova N.I.

M.: 2017 - 280 s.

Fizikteki tipik test görevleri, 2017'deki Birleşik Devlet Sınavının tüm özellikleri ve gereksinimleri dikkate alınarak derlenen 25 farklı görev seti içerir. Kılavuzun amacı, okuyuculara fizikteki 2017 test ölçüm materyallerinin yapısı ve içeriğinin yanı sıra görevlerin zorluk derecesi hakkında bilgi sağlamaktır. Koleksiyon, tüm test seçeneklerinin yanıtlarının yanı sıra 25 seçeneğin tamamındaki en zor sorunların çözümlerini içerir. Ayrıca Birleşik Devlet Sınavında kullanılan form örnekleri de verilmektedir. Yazar ekibi, Fizikte Birleşik Devlet Sınavı'nın federal konu komisyonunun üyeleridir. Kılavuz, öğrencileri fizik sınavına hazırlamak için öğretmenlere ve öz hazırlık ve öz kontrol için lise öğrencilerine yöneliktir.

Biçim: pdf

Boyut: 9,5 MB

İzle, indir: Drive.google

İÇERİK
İşin yapılmasına ilişkin talimatlar 5
SEÇENEK 1 10
Bölüm 1 10
Bölüm 2 16
SEÇENEK 2 18
Bölüm 1 18
Bölüm 2 24
SEÇENEK 3 26
Bölüm 1 26
Bölüm 2 32
SEÇENEK 4 34
Bölüm 1 34
Bölüm 2 40
SEÇENEK 5 42
Bölüm 1 42
Bölüm 2 48
SEÇENEK 6 51
Bölüm 1 51
Bölüm 2 58
SEÇENEK 7 60
Bölüm 1 60
Bölüm 2 66
SEÇENEK 8 68
Bölüm 1 68
Bölüm 2 74
SEÇENEK 9 76
Bölüm 1 76
Bölüm 2 82
SEÇENEK 10 85
Bölüm 1 85
Bölüm 2 91
SEÇENEK 11 93
Bölüm 1 93
Bölüm 2 99
SEÇENEK 12 102
Bölüm 1 102
Bölüm 2 108
SEÇENEK 13 111
Bölüm 1 111
Bölüm 2 118
SEÇENEK 14 120
Bölüm 1 120
Bölüm 2 126
SEÇENEK 15 128
Bölüm 1 128
Bölüm 2 134
SEÇENEK 16 137
Bölüm 1 137
Bölüm 2 143
SEÇENEK 17 .146
Bölüm 1 146
Bölüm 2 151
SEÇENEK 18 154
Bölüm 1 154
Bölüm 2 159
SEÇENEK 19 162
Bölüm 1 162
Bölüm 2 168
SEÇENEK 20 170
Bölüm 1 170
Bölüm 2 176
SEÇENEK 21 178
Bölüm 1 178
Bölüm 2 185
SEÇENEK 22 187
Bölüm 1 187
Bölüm 2 193
SEÇENEK 23 196
Bölüm 1 196
Bölüm 2 203
SEÇENEK 24 205
Bölüm 1 205
Bölüm 2 212
SEÇENEK 25 214
Bölüm 1 214
Bölüm 2 220
CEVAPLAR. FİZİK 223 SINAV ÇALIŞMALARINI DEĞERLENDİRME SİSTEMİ